给定一个数组,它的第 i 个元素是一支给定股票第 i 天的价格。
设计一个算法来计算你所能获取的最大利润。你可以尽可能地完成更多的交易(多次买卖一支股票)。
注意:你不能同时参与多笔交易(你必须在再次购买前出售掉之前的股票)。
示例 1: 输入: [7,1,5,3,6,4] 输出: 7 解释: 在第 2 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 3 天(股票价格 = 5)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 5-1 = 4。随后,在第 4 天(股票价格 = 3)的时候买入,在第 5 天(股票价格 = 6)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 6-3 = 3 。
示例 2: 输入: [1,2,3,4,5] 输出: 4 解释: 在第 1 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 5 天 (股票价格 = 5)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 5-1 = 4 。注意你不能在第 1 天和第 2 天接连购买股票,之后再将它们卖出。因为这样属于同时参与了多笔交易,你必须在再次购买前出售掉之前的股票。
示例 3: 输入: [7,6,4,3,1] 输出: 0 解释: 在这种情况下, 没有交易完成, 所以最大利润为 0。
提示:
- 1 <= prices.length <= 3 * 10 ^ 4
- 0 <= prices[i] <= 10 ^ 4
本题首先要清楚两点:
- 只有一只股票!
- 当前只有买股票或者买股票的操作
想获得利润至少要两天为一个交易单元。
这道题目可能我们只会想,选一个低的买入,在选个高的卖,在选一个低的买入.....循环反复。
如果想到其实最终利润是可以分解的,那么本题就很容易了!
如何分解呢?
假如第0天买入,第3天卖出,那么利润为:prices[3] - prices[0]。
相当于(prices[3] - prices[2]) + (prices[2] - prices[1]) + (prices[1] - prices[0])。
此时就是把利润分解为每天为单位的维度,而不是从0天到第3天整体去考虑!
那么根据prices可以得到每天的利润序列:(prices[i] - prices[i - 1]).....(prices[1] - prices[0])。
如图:
一些同学陷入:第一天怎么就没有利润呢,第一天到底算不算的困惑中。
第一天当然没有利润,至少要第二天才会有利润,所以利润的序列比股票序列少一天!
从图中可以发现,其实我们需要收集每天的正利润就可以,收集正利润的区间,就是股票买卖的区间,而我们只需要关注最终利润,不需要记录区间。
那么只收集正利润就是贪心所贪的地方!
局部最优:收集每天的正利润,全局最优:求得最大利润。
局部最优可以推出全局最优,找不出反例,试一试贪心!
对应C++代码如下:
class Solution {
public:
int maxProfit(vector<int>& prices) {
int result = 0;
for (int i = 1; i < prices.size(); i++) {
result += max(prices[i] - prices[i - 1], 0);
}
return result;
}
};
- 时间复杂度O(n)
- 空间复杂度O(1)
动态规划将在下一个系列详细讲解,本题解先给出我的C++代码(带详细注释),感兴趣的同学可以自己先学习一下。
class Solution {
public:
int maxProfit(vector<int>& prices) {
// dp[i][1]第i天持有的最多现金
// dp[i][0]第i天持有股票后的最多现金
int n = prices.size();
vector<vector<int>> dp(n, vector<int>(2, 0));
dp[0][0] -= prices[0]; // 持股票
for (int i = 1; i < n; i++) {
// 第i天持股票所剩最多现金 = max(第i-1天持股票所剩现金, 第i-1天持现金-买第i天的股票)
dp[i][0] = max(dp[i - 1][0], dp[i - 1][1] - prices[i]);
// 第i天持有最多现金 = max(第i-1天持有的最多现金,第i-1天持有股票的最多现金+第i天卖出股票)
dp[i][1] = max(dp[i - 1][1], dp[i - 1][0] + prices[i]);
}
return max(dp[n - 1][0], dp[n - 1][1]);
}
};
- 时间复杂度O(n)
- 空间复杂度O(n)
股票问题其实是一个系列的,属于动态规划的范畴,因为目前在讲解贪心系列,所以股票问题会在之后的动态规划系列中详细讲解。
可以看出有时候,贪心往往比动态规划更巧妙,更好用,所以别小看了贪心算法。
本题中理解利润拆分是关键点! 不要整块的去看,而是把整体利润拆为每天的利润。
一旦想到这里了,很自然就会想到贪心了,即:只收集每天的正利润,最后稳稳的就是最大利润了。
// 贪心思路
class Solution {
public int maxProfit(int[] prices) {
int result = 0;
for (int i = 1; i < prices.length; i++) {
result += Math.max(prices[i] - prices[i - 1], 0);
}
return result;
}
}
class Solution { // 动态规划
public int maxProfit(int[] prices) {
// [天数][是否持有股票]
int[][] dp = new int[prices.length][2];
// base case
dp[0][0] = 0;
dp[0][1] = -prices[0];
for (int i = 1; i < prices.length; i++) {
// dp公式
dp[i][0] = Math.max(dp[i - 1][0], dp[i - 1][1] + prices[i]);
dp[i][1] = Math.max(dp[i - 1][1], dp[i - 1][0] - prices[i]);
}
return dp[prices.length - 1][0];
}
}
class Solution:
def maxProfit(self, prices: List[int]) -> int:
result = 0
for i in range(1, len(prices)):
result += max(prices[i] - prices[i - 1], 0)
return result
python动态规划
class Solution:
def maxProfit(self, prices: List[int]) -> int:
length = len(prices)
dp = [[0] * 2 for _ in range(length)]
dp[0][0] = -prices[0]
dp[0][1] = 0
for i in range(1, length):
dp[i][0] = max(dp[i-1][0], dp[i-1][1] - prices[i]) #注意这里是和121. 买卖股票的最佳时机唯一不同的地方
dp[i][1] = max(dp[i-1][1], dp[i-1][0] + prices[i])
return dp[-1][1]
//贪心算法
func maxProfit(prices []int) int {
var sum int
for i := 1; i < len(prices); i++ {
// 累加每次大于0的交易
if prices[i]-prices[i-1] > 0 {
sum += prices[i]-prices[i-1]
}
}
return sum
}
//确定售卖点
func maxProfit(prices []int) int {
var result,buy int
prices=append(prices,0)//在price末尾加个0,防止price一直递增
/**
思路:检查后一个元素是否大于当前元素,如果小于,则表明这是一个售卖点,当前元素的值减去购买时候的值
如果不小于,说明后面有更好的售卖点,
**/
for i:=0;i<len(prices)-1;i++{
if prices[i]>prices[i+1]{
result+=prices[i]-prices[buy]
buy=i+1
}else if prices[buy]>prices[i]{//更改最低购买点
buy=i
}
}
return result
}
贪心
var maxProfit = function(prices) {
let result = 0
for(let i = 1; i < prices.length; i++) {
result += Math.max(prices[i] - prices[i - 1], 0)
}
return result
};
动态规划
const maxProfit = (prices) => {
let dp = Array.from(Array(prices.length), () => Array(2).fill(0));
// dp[i][0] 表示第i天持有股票所得现金。
// dp[i][1] 表示第i天不持有股票所得最多现金
dp[0][0] = 0 - prices[0];
dp[0][1] = 0;
for(let i = 1; i < prices.length; i++) {
// 如果第i天持有股票即dp[i][0], 那么可以由两个状态推出来
// 第i-1天就持有股票,那么就保持现状,所得现金就是昨天持有股票的所得现金 即:dp[i - 1][0]
// 第i天买入股票,所得现金就是昨天不持有股票的所得现金减去 今天的股票价格 即:dp[i - 1][1] - prices[i]
dp[i][0] = Math.max(dp[i-1][0], dp[i-1][1] - prices[i]);
// 在来看看如果第i天不持有股票即dp[i][1]的情况, 依然可以由两个状态推出来
// 第i-1天就不持有股票,那么就保持现状,所得现金就是昨天不持有股票的所得现金 即:dp[i - 1][1]
// 第i天卖出股票,所得现金就是按照今天股票佳价格卖出后所得现金即:prices[i] + dp[i - 1][0]
dp[i][1] = Math.max(dp[i-1][1], dp[i-1][0] + prices[i]);
}
return dp[prices.length -1][0];
};
int maxProfit(int* prices, int pricesSize){
int result = 0;
int i;
//从第二个元素开始遍历数组,与之前的元素进行比较
for(i = 1; i < pricesSize; ++i) {
//若该元素比前面元素大,则说明有利润。代表买入
if(prices[i] > prices[i-1])
result+= prices[i]-prices[i-1];
}
return result;
}